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【题意】
有N个订单和M个机器,给出第i个订单在第j个机器完成的时间Mij,每台机器同一时刻只能处理一个订单,机器必须完整地完成一个订单后才能接着完成下一个订单。问N个订单完成时间的平均值最少为多少。
【解答】
假设某个机器处理了k个玩具,那么对于这些玩具,有两种时间,一种是真正处理的时间,一种是等待的时间,等待的时间就是之前所有处理的玩具的时间,
假设这k个玩具真正用在加工的时间分为a1,a2,a3...ak, 那么每个玩具实际的时间是加工的时间+等待时间,分别为
a1, a1+a2, a1+a2+a3.......a1+a2+...ak。
求和之后变为 a1 *k + a2 * (k - 1) + a3 * (k - 2).... + ak
这时就发现,每个玩具之间的实际时间可以分开来算 然后求和了。
因为对每个机器,最多可以处理n个玩具,所以可以拆成n个点,1~n分别代表某个玩具在这个机器上倒数第几个被加工的, 所以我们对于每个玩具i,机器j中拆的每个点k,连接一条z[i][j]*k权值的边。
建图:建立源汇点,源点和每个订单流量为1,费用为0;订单和每台机器拆成的点k建立流量为1,费用为Mij*k;
k与汇点建立流量为1,费用为0,求最小费用最大流即可。神吧这建图模型。
#include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<iostream> using namespace std; const int N=4200; const int MAXE=535000; const int inf=1<<30; int head[N],s,t,cnt,n,m; int flow=0,ans=0; int d[N]; int pre[N]; bool vis[N]; int q[MAXE+79000]; struct Edge { int u,v,next; int c,w; }edge[MAXE]; void addedge(int u,int v,int c,int w) { edge[cnt].u=u; edge[cnt].v=v; edge[cnt].w=w; edge[cnt].c=c; edge[cnt].next=head[u]; head[u]=cnt++; edge[cnt].v=u; edge[cnt].u=v; edge[cnt].w=-w; edge[cnt].c=0; edge[cnt].next=head[v]; head[v]=cnt++; } int SPFA() { for(int i=0;i<=t;i++) d[i]=inf; memset(pre,-1,sizeof(pre)); memset(vis,0,sizeof(vis)); d[s]=0; int l=0,r=0; q[r++]=s; vis[s]=1; while(l<=r) { int u=q[l++]; vis[u]=0; for(int j=head[u];j!=-1;j=edge[j].next) { int v=edge[j].v; if(edge[j].c>0&&d[u]+edge[j].w<d[v]) { d[v]=d[u]+edge[j].w; pre[v]=j; if(!vis[v]) { vis[v]=1; q[r++]=v; } } } } if(d[t]==inf) return 0; return 1; } void MCMF() { flow=0; while(SPFA()) { ans+=d[t]; int u=t; int mini=inf; while(u!=s) { if(edge[pre[u]].c<mini) mini=edge[pre[u]].c; u=edge[pre[u]].u; } flow+=mini; u=t; while(u!=s) { edge[pre[u]].c-=mini; edge[pre[u]^1].c+=mini; u=edge[pre[u]].u; } } } int mp[160][160]; int main() { int cas; scanf("%d",&cas); while(cas--) { scanf("%d%d",&n,&m); s=0; ans=0; flow=0; t=n+n*m+1; memset(head,-1,sizeof(head)); cnt=0; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) scanf("%d",&mp[i][j]); for(int i=1;i<=n;i++) addedge(s,i,1,0); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) for(int k=1;k<=n;k++) { addedge(i,n+(j-1)*n+k,1,mp[i][j]*k); } for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=1;j<=n;j++) { addedge(n+(i-1)*n+j,t,1,0); } MCMF(); printf("%.6lf\n",ans*1.0/n); } return 0; }