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题目链接：hdu 5072 Coprime

题目大意：给定N个数，问能选出多少个3元组，要么[(a, b) = (b, c) = (a, c) = 1] or [(a, b) ≠ 1 and (a, c) ≠ 1 and (b, c) ≠ 

1]。

解题思路：这题可以换个角度想，可以将三个数看做三角形的三条边，互质即边的颜色为1，否则为0，那么要求的即为

三条边颜色相同的三角形有多少个。

总的三角形的个数可求，那么如果求出三条边不完全相同的三角形个数，相减一下即可。

枚举顶点，然后确定以该点形成的三角会形成多少个不满足三角形，即在1中选一条，0中选一条。这样的话一个不满足

三角形会被计算2次，ans / 2即可。

那么问题转换成求每个数互质或者不互质的数有多少个，将每个数差分质因子，统计每个包含质因子x的数有多少个，

最用计算每个数的时候，用容斥原理计算即可。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <algorithm>

using namespace std;
const int maxn = 1e5;

int np, pri[maxn + 5], vis[maxn + 5];
int k, fac[maxn + 5];

int v[maxn + 5];
vector<int> g[maxn + 5];

void prime_table(int n) {
    np = 0;
    for (int i = 2; i <= n; i++) {
        if (vis[i])
            continue;
        pri[np++] = i;
        for (int j = i * 2; j <= n; j += i)
            vis[j] = 1;
    }
}

void div_fac(int n, int& cnt) {
    cnt = 0;
    for (int i = 0; i < np && pri[i] * pri[i] <= n; i++) {
        if (n % pri[i] == 0) {
            fac[cnt++] = pri[i];
            while (n % pri[i] == 0)
                n /= pri[i];
        }
    }
    if (n != 1)
        fac[cnt++] = n;
}

void dfs (int u, int d, int idx) {
    if (d >= v[idx]) {
        if (u != 1)
            g[idx].push_back(u);
        return;
    }

    dfs(u, d + 1, idx);
    dfs(u * fac[d], d + 1, idx);
}

void init () {
    np = 0;
    memset(vis, 0, sizeof(vis));
    prime_table(maxn);

    for (int i = 2; i <= maxn; i++) {
        div_fac(i, v[i]);
        dfs(1, 0, i);
    }
}

int N, f[maxn + 5], c[maxn + 5];

void input () {
    int x;
    scanf("%d", &N);
    memset(c, 0, sizeof(c));
    memset(f, 0, sizeof(f));

    for (int i = 0; i < N; i++) {
        scanf("%d", &x);
        c[x]++;
    }
    for (int i = 2; i <= maxn; i++) {
        if (c[i] == 0)
            continue;
        for (int j = 0; j < g[i].size(); j++)
            f[g[i][j]] += c[i];
    }
}

typedef long long ll;

int count (int n) {
    int ret = 0;
    for (int i = 0; i < g[n].size(); i++) {
        int k = g[n][i];
        if (v[k]&1)
            ret += (f[k] - 1);
        else
            ret -= (f[k] - 1);
    }
    return ret;
}

ll solve () {
    ll ret = 0;
    for (int i = 2; i <= maxn; i++) {
        if (c[i] == 0)
            continue;
        ll k = count(i);
        ret += k * (N - 1 - k);
    }
    ll a = N;
    ll sum = 1LL * a * (a - 1) * (a - 2) / 6;
    return sum - ret / 2;
}

int main () {
    init();
    int cas;
    scanf("%d", &cas);
    while (cas--) {
        input();
        printf("%I64d\n", solve());
    }
    return 0;
}