题目连接： vijos P1144 (小胖守皇宫)
描述
huyichen世子事件后，xuzhenyi成了皇上特聘的御前一品侍卫。
皇宫以午门为起点，直到后宫嫔妃们的寝宫，呈一棵树的形状；某些宫殿间可以互相望见。大内保卫森严，三步一岗，五步一哨，每个宫殿都要有人全天候看守，在不同的宫殿安排看守所需的费用不同。
可是xuzhenyi手上的经费不足，无论如何也没法在每个宫殿都安置留守侍卫。
帮助xuzhenyi布置侍卫，在看守全部宫殿的前提下，使得花费的经费最少。
提示
如图
一道金典的树形DP题目：
每个节点有三种状态：
0：受子节点守护。
1：自己守护。
2：受父节点守护
分析：
状态0：dp[u][0]=sum(min(dp[v][0],dp[v][1])),但是必须保证至少有一个儿子1状态，所以要加上dp[v][1]-min(dp[v][0],dp[v][1])
的最小值。
状态1：dp[u][1]=sum(min(dp[v][0],dp[v][1],dp[v][2]);
状态2：dp[u][2]=sum(min(dp[v][0].dp[v][1]);
记录信息
| 评测状态 | Accepted |
| 题目 | P1144 小胖守皇宫 |
| 递交时间 | 2013-09-07 23:03:32 |
| 代码语言 | C++ |
| 评测机 | 上海红茶馆 |
| 消耗时间 | 15 ms |
| 消耗内存 | 736 KiB |
| 评测时间 | 2013-09-07 23:03:34 |
评测结果
编译成功
测试数据 #0: Accepted, time = 0 ms, mem = 676 KiB, score = 14
测试数据 #1: Accepted, time = 0 ms, mem = 676 KiB, score = 14
测试数据 #2: Accepted, time = 0 ms, mem = 680 KiB, score = 14
测试数据 #3: Accepted, time = 15 ms, mem = 736 KiB, score = 14
测试数据 #4: Accepted, time = 0 ms, mem = 676 KiB, score = 14
测试数据 #5: Accepted, time = 0 ms, mem = 676 KiB, score = 14
测试数据 #6: Accepted, time = 0 ms, mem = 680 KiB, score = 14
Accepted, time = 15 ms, mem = 736 KiB, score = 98
#include<stdio.h>
#include<string.h>
const int N=2000;
const int inf=0x3fffffff;
#define min(x,y) (x>y?y:x)
int dp[N][3];
int n,head[N],num,vis[N],cot[N];
struct edge
{
int st,ed,next;
}e[N*4];
void addedge(int x,int y)
{
e[num].st=x;e[num].ed=y;e[num].next=head[x];head[x]=num++;
e[num].st=y;e[num].ed=x;e[num].next=head[y];head[y]=num++;
}
void dfs(int u)
{
vis[u]=1;
int i,v,temp=inf,mm;
for(i=head[u];i!=-1;i=e[i].next)
{
v=e[i].ed;
if(vis[v]==1)continue;
dfs(v);
mm=min(dp[v][0],dp[v][1]);
dp[u][0]+=mm;
temp=min(temp,dp[v][1]-mm);//如果有一个最小值是dp[v][1]的话，temp=0，否则求出最小的差值
dp[u][1]+=min(mm,dp[v][2]);
dp[u][2]+=mm;
}
dp[u][0]+=temp;//如果没有儿子，dp[u][0]=inf;
}
int main()
{
int i,j,m,x,y,w;
while(scanf("%d",&n)!=-1)
{
memset(head,-1,sizeof(head));
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d%d",&x,&w,&m);
cot[x]=w;
dp[x][1]=w;
for(j=0;j<m;j++)
{
scanf("%d",&y);
addedge(x,y);
}
}
memset(vis,0,sizeof(vis));
dfs(n);
printf("%d\n",min(dp[n][0],dp[n][1]));
}
return 0;
}