Description
一天有T(1≤T≤10^6)个时段．约翰正打算安排他的N(1≤N≤25000)只奶牛来值班，打扫
打扫牛棚卫生．每只奶牛都有自己的空闲时间段[Si，Ei](1≤Si≤Ei≤T)，只能把空闲的奶牛安排出来值班．而且，每个时间段必需有奶牛在值班． 那么，最少需要动用多少奶牛参与值班呢？如果没有办法安排出合理的方案，就输出-1.
Input
第1行：N，T．
第2到N+1行：Si，Ei．
Output
最少安排的奶牛数．
Sample Input
3 10
1 7
3 6
6 10
Sample Output
2
样例说明
奶牛1和奶牛3参与值班即可．
原来想的是dp，结果发现T来T 去的在T
后来想了一下是贪心
假设当前已经覆盖了1到l
那么找左节点<=l的右节点最大的r,令l=max(l,a[i].r)，然后继续
wa了几次……因为以为左节点大的一定右节点大，实际上这显然不正确
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<deque>
#include<set>
#include<map>
#include<ctime>
#define LL long long
#define inf 0x7ffffff
#define pa pair<int,int>
using namespace std;
pa a[25010];
int n,m,now,ans,l;
inline LL read()
{
LL x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
inline bool cmp(const pa &a,const pa &b)
{return a.first<b.first||a.first==b.first&&a.second<b.second;}
int main()
{
n=read();m=read();
a[0]=make_pair(0,0);
for (int i=1;i<=n;i++)
{
a[i].first=read();
a[i].second=read();
}
sort(a+1,a+n+1,cmp);
while (l<m)
{
int sav=l;
while (now<n&&a[now+1].first<=sav+1)now++,l=max(l,a[now].second);
if (now==n&&a[now].second<m||a[now+1].first>l+1)
{
printf("-1");
return 0;
}
ans++;
}
if (l<m)
{
printf("-1");
return 0;
}
printf("%d\n",ans);
}