题意：在n*m的矩阵中，有些格子有树，没有树的格子不能到达，找一条或多条回路，吃完所有的树，求有多少中方法。
这题是插头dp，刚刚学习，不是很熟悉，研究了好几天才明白插头dp的方法，他们老是讲一些什么轮廓线啊，插头啊什么的，刚开始完全不知道这些事干什么的，看完cdq的大作后也是一头的雾水，看代码，画图，一步一步的推，终于明白了，那个是为什么，这里讲一讲。
轮廓线表示的是当前插头的状态，这题中状态中1表示有插头，0表示无插头，如果是横线的话就是上面的格子与下面的格子相连的状态，这题中显然一个格子中要码有两个插头（经过这个格子），要码没有插头（不经过这个格子），因为不可能分叉走，每个格子走一次。
这个状态表示（101111），当前决策格子是第二行第三个格子，显然它已经有了两个插头，也就是有1条线穿过它，所以不用再加插头了。
这个状态是（100111）和（101011）,当前决策格子是第二行第三个格子,显然有一个插头了，再添加一个即可，那么就有两个选择，要码向下，要码向右，就要有两个转移。
这个状态是（100011）,当前决策格子是第二行第三个格子,显然之前没有有一个插头了，只能添加两个，或者不添加，不添加，就肯定不经过这个格子，显然只能这个格子是不可行的。
你自己推理一下，为什么要从i，j-1个格子中状态转移过来和上一层的状态转移到下层，你会发现轮廓线的美妙。
自己用笔画画吧，好记性不如烂笔头。
我参考的代码是 http://hi.baidu.com/fqq11679/blog/item/423bcd4a3d956bf983025c6d.html
不过状态转移上有点区别，他是当前状态转到后来状态，我是当前状态从前面转来。
//hdu1693 by huicpc0207
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<string.h>
using namespace std;
const int N=13;
const int M=(1<<N);
typedef long long LL;
LL dp[N][N][M];
int n,m,g[N][N],cas;
void read()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
scanf("%d",&g[i][j]);
}
void solve()
{
read();
memset(dp,0,sizeof dp);
dp[0][m][0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int k=0;k<(1<<m);++k)
dp[i][0][k<<1]=dp[i-1][m][k];
for(int j=1;j<=m;j++)
for(int k=0;k<(1<<m+1);k++)
{
int x=1<<j-1;
int y=1<<j;
if(g[i][j]==0)
{
if((k&x)==0&&(k&y)==0) dp[i][j][k]=dp[i][j-1][k];
else dp[i][j][k]=0;
}
else{
if((k&x)!=0&&(k&y)!=0)
dp[i][j][k]=dp[i][j-1][k^x^y];
else if((k&x)==0&&(k&y)==0)
dp[i][j][k]=dp[i][j-1][k^x^y];
else
dp[i][j][k]=dp[i][j-1][k]+dp[i][j-1][k^x^y];
}
// printf()
}
}
printf("Case %d: There are %I64d ways to eat the trees.\n",++cas,dp[n][m][0]);
}
int main()
{
// freopen("1.in","r",stdin);
int t; cas=0;
scanf("%d",&t);
while(t--) solve();
return 0;
}