题意：给定一棵N(1<= N <=10000)个结点的带权树，定义dist(u,v)为u,v两点间的最短路径长度，路径的长度定义为路径上所有边的权和。再给定一个 K ，如果对于不同的两个结点a,b，如果满足dist(a,b) <=K，则称(a,b)为合法点对。求合法点对个数。
思路：看了论文《分治算法在树的路径问题中的应用》，里面讲解的很清楚，一条路径要么过根节点，要么在一颗子树中，所以用分治算法。找到树的重心作为根节点，这样每次树的节点数至少减少一半。处理经过当前根节点路径<=k的点对数，然后把根节点去掉后就把原来的树分成几颗子树了，再处理子树。我们在求经过一个根节点的路径时，里面还包含了点对属于同一颗子树的情况，所以要去掉这部分的点。
dis(i)+dis(j)<=k(i,j的父节点不为根节点的同一个儿子）
=dis(i)+dis(j)<=k-dis(i)+dis(j)<=k(i,j的父节点属于根节点的同一儿子).
#include <algorithm>
#include<stdio.h>
#include<string.h>
const int N=10010;
using namespace std;
int head[N],num,f[N],son[N],n,D,root,size,ans,dis[N],d[N],cum;
bool vis[N];
#define max(a,b) (a<b?b:a)
struct edge
{
int st,ed,w,next;
}e[N*2];
void addedge(int x,int y,int w)
{
e[num].st=x;e[num].ed=y;e[num].w=w;e[num].next=head[x];head[x]=num++;
e[num].st=y;e[num].ed=x;e[num].w=w;e[num].next=head[y];head[y]=num++;
}
void getroot(int u,int father)//求树的重心
{
int i,v;
f[u]=0;son[u]=1;
for(i=head[u];i!=-1;i=e[i].next)
{
v=e[i].ed;
if(vis[v]||v==father)continue;
getroot(v,u);
son[u]+=son[v];
f[u]=max(f[u],son[v]);
}
f[u]=max(f[u],size-son[u]);
if(f[u]<f[root])root=u;
}
void getdis(int u,int father)//求节点到根节点的距离
{
int i,v;
son[u]=1;//更新子树的节点的子节点数，不更新也能ac
d[cum++]=dis[u];//将点到根节点的距离加入数组
for(i=head[u];i!=-1;i=e[i].next)
{
v=e[i].ed;
if(vis[v]||v==father)continue;
dis[v]=dis[u]+e[i].w;
getdis(v,u);
son[u]+=son[v];
}
}
int cont(int u,int mit)
{
int res=0,L,R;
dis[u]=mit;
cum=0;
getdis(u,0);
sort(d,d+cum);//将点到根节点的距离排序
for(L=0,R=cum-1;L<R;)
{
if(d[L]+d[R]<=D)//如果d[L]+d[R]<=D,L代表的节点可以与（R-L）个节点成对
res+=(R-L++);
else R--;
}
return res;
}
void work(int u)
{
int i,v;
vis[u]=true;
ans+=cont(u,0);//路径经过该根节点的点对数
for(i=head[u];i!=-1;i=e[i].next)
{
v=e[i].ed;
if(vis[v])continue;
ans-=cont(v,e[i].w);//减去属于v子树的点对数
root=0;f[root]=size=son[v];
getroot(v,0);//求v子树的根节点
work(root);//求v子树的点对
}
}
int main()
{
int i,x,y,w;
while(scanf("%d%d",&n,&D),n||D)
{
memset(head,-1,sizeof(head));
num=0;
for(i=1;i<n;i++)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&w);
addedge(x,y,w);
}
memset(vis,false,sizeof(vis));
root=0;f[root]=size=n;ans=0;
getroot(1,0);
work(root);
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}