转自：http://www.cppblog.com/abilitytao/archive/2009/10/31/99907.html
这个题怎么来做呢？先别急，我们先来讨论一下下面几个子问题：
1.如何求出n阶乘中质因数x(比如说5）出现的次数？
比如说15的阶乘 ：1*2*3*4*5*6*7*8*9*10*11*12*13*14*15
由于5这个质因数只在5的倍数里面才出现，所以我从5，10，15中各抽出一个5，这相当于有15/5个质因数5,之后5，10，15就变成了1，2，3；
由于非5的倍数显然不在考虑范围之内，所以我们只需继续讨论它的子问题3！即可。
这样，我们可以用递归来解决这个问题。有了这个方法，我们是不是能够轻易地解决n!末尾有多少个0呢？想想看...n!后0的个数是不是就和某个质因数的个数有关呢？^_^
比如说，我们要求5出现的次数，可以这样写：
int get5(int n)//计算n!中质因子5的出现次数
{
if(n==0) return 0; return n/5+get5(n/5);
}
2.如何求出n!阶乘最后非0位？
比如说我们要找10!最后非0位，由于质因数2和5组合之后会使得末尾产生0.那么我们不妨把10！中2，5质因数全部去掉，（但是请注意2的数目其实比5的要多，所以我们要在最后考虑多余的2对末位的影响）
如 1*2*3*4*5*6*7*8*9*10 去掉2 ，5 因子后 就是1*1*3*1*1*3*7*1*9*1，由于2，5因子已经被去除，那么剩下的数字末尾一定是3，7，9，1中四者之一。然后我们再求出这么一串数相乘以后末尾的数是几.最后再补上2对末位的影响即可！
总结一下，求10!最后一个非0位的步骤如下：
step1：首先将10!中所有2，5因子去掉；
step2：然后求出剩下的一串数字相乘后末尾的那个数。
step3：由于去掉的2比5多，最后还要考虑多余的那部分2对结果的影响。
step4：output your answer!
正如上面文章里所说的“To compute the number of 3,7,9 among (f(1) mod 10), (f(2) mod 10), ..., (f(N) mod 10) is not so easy”，这里面步骤2是个难点。如何求出剩下的这串数字相乘后最后一位是几呢？这可以转化成求出这些数里面末尾是3，7，9的数字出现的次数（为啥？因为这些数的n次方是有规律的，周期为4，不信你可以推一下）
好，现在问题就是如何求出这串数字中末尾3，7，9各自出现的次数了；
一个数列实际上可以分成偶数列和奇数列，以1*2*3*4*5*6*7*8*9*10为例
分成1 3 5 7 9, 2 4 6 8 10
这样我们尝试分别进行统计，可以发现，实际上2，4，6，8，10中的个数也就是1 2 3 4 5中的个数，也就是说我们又把这个问题划分成了一个原来问题的子问题。
f(n) = f(n/2) + g(n),g(n)表示奇数列中的数目，所以我们需要解决g(n)
再次观察g(n)
实际上又分成了两部分1 3 7 9 11 13 17 19 21。。。以及5的奇倍数5，15，25。。。说明又出现了子问题,如果要统计这个数列中末尾为x（1，3，7，9）的个数可以这样写：g(n,x) = n/10+(n%10 >= x)+g(n/5,x)
这样利用了两个递归方程，我们就可以在lgn的时间内计算出末尾为1,3,7,9的数的个数了
好了，现在我们得到了这串数字中末尾是3，7，9的数字的个数，我们利用循环节的性质可以快速地算出这串数字相乘后mod 10的结果，在考虑下当时多除的2(其实也可以用循环节来处理），便可求出答案！
解决了上面两个子问题，我想求P(n,m)最后一个非0位就变得十分容易了。
P(n,m)实际上等于 n! / (n-m)!
我们可以求出n! 和(n-m)!中质因数2，5，3，7，9分别出现的次数，然后再各自相减。
然后再用循环节处理，即可！
BTW，这里还要注意一个trick,就是2的出现次数如果小于5，（这对于排列数来说是可能的）我们可以直接输出5，如果2的数目等于5，那么2的循环节不需要考虑。至于3，7，9的循环节，由于这些数的4次方末位刚好是1，所以就不需要特殊考虑了。
#include<cstdio>
int get2 ( int n )
{
if ( n == 0 )
return 0;
return n/2 + get2(n/2);
}
int get5 ( int n )
{
if ( n == 0 )
return 0;
return n/5 + get5(n/5);
}
int g ( int n, int x )
{
if ( n == 0 )
return 0;
return n/10 + ( n%10 >= x ) + g(n/5,x);
}
int getx ( int n, int x )
{
if ( n == 0 )
return 0;
return getx ( n/2, x ) + g ( n, x );
}
int table[4][4] =
{
6,2,4,8, // 2的循环节。2^0 = 1，需要特殊处理。
1,3,9,7, // 3
1,7,9,3, // 7
1,9,1,9, // 9
};
int main()
{
int n, m;
while ( scanf("%d%d",&n,&m) != EOF )
{
int num2 = get2(n) - get2(n-m);
int num5 = get5(n) - get5(n-m);
int num3 = getx(n,3) - getx(n-m,3);
int num7 = getx(n,7) - getx(n-m,7);
int num9 = getx(n,9) - getx(n-m,9);
int res = 1;
if ( num5 > num2 )
{
printf("5\n");
continue;
}
else
{
if ( num5 != num2 )
{
res *= table[0][(num2-num5)%4];
res %= 10;
}
res *= table[1][num3%4];
res %= 10;
res *= table[2][num7%4];
res %= 10;
res *= table[3][num9%4];
res %= 10;
}
printf("%d\n",res);
}
return 0;
}