union A
{
int
a[5];
char
b;
double
c;
};
struct B
{
int
n;
A
a;
char
c[10];
}
sizeof(B) = ?
答案：
union A:
{
int
a[5]; //20
char
b; //1
double
c; //8
}
我想的是union中变量共用内存，应以最长的为准，那就是20。可实际不然，sizeof(A)=24，
A中各变量的默认内存对齐方式，必须以最长的double
8字节对齐，故应该是sizeof(A)=24。
struct B
{
int
n; // 4字节
A
a; // 24字节
char
c[10]; // 10字节
};
实际占用38字节，但由于A是8字节对齐的，所以int n和char c[10]也需要8字节对齐，总共8+24+16=48
内存对齐主要目的是提升读取数据的速度，通过保证
类型数据(n字节)保存在n倍数的内存地址上。(n越大，要求越严格。)
要做到这点，有3个位置要求。
首地址，调到最严格地址倍数上，不影响大小。
中间项，按各自下一项的地址要求填充调整，影响大小。
最后一项，通过填充，达到最严格地址大小倍数，影响大小。
union A
{
int
a[5];
char
b;
double
c;
};
对于union A(共享内存)，其实只有一项
至少需要20字节。首地址可以解释为3种类型，
A =a时，
| 4 | 4 | 4 | 4 | 4 | ，20字节
中间和尾部都不需调整。
A =b时，
|1|.................|，
中间和尾部都不需调整，20字节。
A =c时，
| 8 |...........|，
c作为最后项，需要调整20-〉24
因此，内存布局：
| 4 | 4 | 4 | 4 | 4 |...| (...为padding)，total=24
struct B
{
int
n;
A
a;
char
c[10];
}；
这里要注意a，是作为A类型，是一项数据。
对于 struct B，最严格8字节，
首地址为8的倍数，填入n，(后面空4个字节，因为a的开始地址要求8的倍数)
c，开始地址无特殊要求，a后面无需填充，
作为尾项，c，10-〉16
struct B的内存空间如下：
| 4 |...| 4 | 4 | 4 | 4 | 4 |...|10->16|