解题思路：
这题第一次做的时候，因为数据范围小，只有10^6,所以果断选择了暴力打表。在够表的时候，一开始少了a[i/10]==1这个条件，算出来的值总是多，，
然后加上后，扫一遍就过。
先看看暴力的代码吧.
# include<cstdio>
# include<iostream>
# include<cstring>
using namespace std;
# define MAX 1000000+4
int a[MAX];
void init()
{
a[0] = 1;
for ( int i = 1;i <= MAX;i++ )
{
if ( ( i%10!=4 )&&( i%100!=62 )&&a[i/10]==1 )
{
a[i] = 1;
}
else
{
a[i] = 0;
}
}
}
int main(void)
{
int n,m;
init();
while ( cin>>n>>m )
{
int ans = 0;
if (n==0&&m==0)
break;
for ( int i = n;i <= m;i++ )
{
if ( a[i]==1 )
{
ans++;
}
}
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}
这几天刚好开始搞数位dp，所以，顺便把这道题用数位dp，重新写一下，感觉数位dp就是快。有关数位dp的学习，初学者我推荐从这个课件学起来，写的很好，，
好了， 来分析下什么是数位dp了。
数位dp就是说，对于那种要求在一个区间上进行操作的问题的求解，但是我们无法用暴力，因为暴力会T，区间的跨度往往是很大的。那么我们就需要借助每一个数位之间的递推关系来得到最终的结果，而不是蛮力的搜索。。。
而在进行数位dp开始的时候，我们必须要进行预处理的工作，就是枚举0~9是每一位数的可能，比如说，让我们统计在[L,R]中满足题意的数的个数有几个的时候，我们就可以通过求解[0,R]和[0,L-1]这两个区间中满足题意的数字的个数，然后做差就好了。通过这个，我们就可以得到[0,n]的通用方法了。
对于一个小于n的数，肯定是从高位到低位出现某一位<n对应的那一位。
如 n = 58 n为十进制数。
x = 49 此时x的十位<n的十位
x = 51 此时x的个位<n的个位
有了上述性质，我们就可以从高到低枚举第一次<n对应位是哪一位。这样之前的位确定了，之后的位就不受n的限制即从00...0~99...9，可以先预处理，然后这时就可以直接统计答案。
代码：
# include<cstdio>
# include<iostream>
# include<cstring>
using namespace std;
int dp[8][10];//dp[i][j]表示的是以j开头的i位数中，不含4和62的个数
int digit[10];
void init()
{
memset(dp,0,sizeof(dp));
dp[0][0] = 1;
for ( int i = 1;i <= 7;i++ )
{
for ( int j = 0;j <= 9;j++ )
{//枚举第i位
for ( int k = 0;k <= 9;k++ )
{//枚举第i-1位
if ( j!=4&&(!( j==6&&k==2 )))
{
dp[i][j] = dp[i][j] + dp[i-1][k];
}
}
}
}
}
int cal ( int n )
{
int len = 0;
int ans = 0;
while ( n!=0 )
{
digit[++len] = n%10;
n = n / 10;
}
digit[len+1] = 0;
for ( int i = len;i >=1 ;i-- )
{
for ( int j = 0;j < digit[i];j++ )
{
if ( j!=4&&(!(digit[i+1]==6&&j==2 )) )
{
ans+=dp[i][j];
}
}
if ( digit[i]==4||( digit[i]==2&&digit[i+1]==6 ))
{
break;
}
}
return ans;
}
int main(void)
{
int n,m;
while ( cin>>n>>m )
{
if ( n==0&&m==0 )
break;
init();
printf("%d\n",cal(m+1)-cal(n));
}
return 0;
}